ساخت پاوپوینت با هوش مصنوعی
کم تر از 5 دقیقه با هوش مصنوعی کافه پاورپوینت ، پاورپوینت بسازید
برای شروع ساخت پاورپوینت کلیک کنید
شما در این مسیر هستید :خانه / محصولات / Powerpoint / دانلود پاورپوینت تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1 (کد16618)
سفارش انجام پاورپوینت - بهترین کیفیت - کم ترین هزینه - تحویل در چند ساعت 09164470871 ای دی e2proir
دانلود پاورپوینت تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1 (کد16618)
شناسه محصول و کد فایل : 16618
نوع فایل : Powerpoint پاورپوینت
قابل ویرایش تمامی اسلاید ها دارای اسلاید مستر برای ویرایش سریع و راحت تر
امکان باز کردن فایل در موبایل - لپ تاپ - کامپیوتر و ...
با یک خرید میتوانید بین 342000 پاورپینت ، 25 پاورپوینت را به مدت 7 روز دانلود کنید
هزینه فایل : 105000 : 54000 تومان
فایل های مشابه شاید از این ها هم خوشتان بیاید !!!!
توضیحات محصول دانلود پاورپوینت تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1 (کد16618)
دانلود پاورپوینتتجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1
دانلود پاورپوینت تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1
عنوان های پاورپوینت تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1عبارتند از :
تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1
تکه ها و قسمت های اتفاقی از فایل تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1
1- در مدار شکل زیر دیود ژرمانیوم در دمای معمولی دارای جریان اشباع معکوس A µ 10 , ولتاژ شکست v 100 و مقاومت اهمی ناچیز است . جریان مدار را در حالت های زیر بدست آورید :
الف ( دیود به صورت مستقیم با یاس شده باشد.
ب ( دیود به صورت معکوس با یاس شده باشد.
حل :
الف –
I = IS ( e - 1) = 10 × 0.001 ( e - 1)mA
I = 10 × 0.001 × e
جهت حل این معادله از روش سعی خطا استفاده می نماییم .
ولتاژ دو سر دیود ژرمانیم در حال هدایت تقریبا 0.2 ولت است بنا براین داریم :
I = (30 - 0.2) / 1 = 29.8mA
بنابراین با I = 29.5mA شروع می کنیم ,
29.5 = 10 × 0.001 × e ~ 150mA
29.6 = 10 × 0.001 × e ~ 21.9mA
29.55 = 10 × 0.001 × e ~ 57.32mA
و ملاحظه می شود که I = 29.6mA به جواب نزدیک می باشد لذا داریم ,
I = 29.6mA
ب – در حالت بایاس معکوس جریان مدار جریان اشباع معکوس خواهد بود .
I = IS = 10 A
19 . مدارشکل زیر را در نظر بگیرید. با فرض Is2 = Is1 = 15nA و Is4 = Is3 = 40nA ولتاژها و جریان های دیودها را بدست آورید.
حل : داریم ,
V1 = V2 , V3 = V4 , V1 + V3 = - 20
ID1 + ID2 = ID3 + ID4
دانلود پاورپوینت تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1
V1 = V2 = - 20 – V3 = - 20 – ( - 0.036 ) = - 19.964 V
D4 , D3 , D2 , D1 , on فرض می شوند.
حل :
5. در شکل زیر دیود ها ایده آل هستند. با توجه به شکل موج ولتاژ های V1 و V2 , شکل موج ولتاژ خروجی را رسم کنید.
حل: با توجه به شکل موج های V1 و V2 حالت های زیر برسی می شود.
الف – V1=V2=15 ب - V2=0و V1=15 ج- V1=0و V2=15 د - V1=V2=0
الف – (V1=V2=15) در این حالت D3 , off است چون اگر on باشد V0 = 5 می شود و D2 , D1 , off بوده و داریم :
ID3=-I20 , I20=(25-5) /20 = 1 m A
D1, D2 ) قطع هستند( و لذا ID3 = -1 m A, , on بودن D3 محقق نیست پس D3 , off است و D2 و D1 , on و داریم :
V0 (½ + ½ + 1/20 ) = V1/2+ V2/2+25/20
V0 (10+10+1) = 10 V1+ 10V2+ 25 21V0 =325
V0= 15.48
ب - V1=15) و V2=0) در این حالت D2 on , D3 on , D1 off فرض می شود و داریم :
V0 = 5 , I20 = (25-5)/20 = 1 m A
ID2 =(5-0)/2 =2.5 m A
D1 , off بوده و داریم ,
ID1=0 ID3=ID2-I20=1.5 m A
و با این ID ها فرض پیش بینی شده محقق است و V0=5 ولت خواهد شد.
ج - V1=0 و V2=15 در این حالت نیز D2 off , D1 on , D3 on می باشند و این حالت شبیه حالت ب بوده و داریم :
V0=5
د - v1=v2=0 در این حالت هرسه دیود D1 , D2 و D3 on می باشند و داریم :
V0 = 5
ID1 = 5 / 2 = 2.5 m A I20 = (25 – 5) / 20 = 1m A
ID2 = 5 / 2=2.5 m A ID3 = ID1+ID2 – I20 = 5-1= 4 m A
و با جریان های فوق فرض D1 , D2 و D3 , on محقق است و شکل ولتاژ خروجی در صورت مسئله مشخص شده است.
6. در مدار شکل زیر با فرض ایده آل بودن همه دیود ها , ولتاژ Vo و جریان های I1 و I5 را تعیین کنید.
حل : دیودی که ولتاز آند بیشتری دارد می تواند on باشد . بنابراین D1 , on و D2 , off خواهد بود.
ولت میشود VA=2.
D3 نمی تواند on باشد چون با on بودنD3 , V0=2 ولت شده و خواهیم داشت:
I100 K = (10 – V0 )/100 =8 /100 =0.08 m A
حال از D4 , D5 یکی از آن دوon باید باشد بنابراین دیودی که ولتاژ آند بیشتری دارد باید on باشد یعنی D4 و با آن بودن D4 , I10K خواهد شد :
I10K = V0 - (-10 ) / 10 =( 2+10 )/10 = 1.2 m A
و با این ترتیب ID3 منفی خواهد شد چون داریم :
ID3 = I100K – I10K = 0.08 – 1.2 < 0
بنابراین D3 باید قطع باشد و با قطع بودنD3 , VA=2ولت است و خواهیم داشت : (D2 قطع وD1 وصل است )
I1 = I´10K = 2- (-10) /10 = 1.2 m A
D5 , D4 هردوon باشند داریم (D3 قطع است)
I10K = 0 – (-10) / 10 =1 m A , V0 = 0
I100K = ID4 =( 10 – V0 )/ 100 = (10 – 0 )/100 = 0.1 m A
و ID5 خواهد شد:
ID5 = I10K – I100K = 1 – 0.1 = 0.9 m A
ID5 و ID4هر دو مثبت شده اند وon بودن آن دو محقق است.
پسD1 , on , D2 , off , D3 , off , D4 , on , D5 , on می باشند و خواهیم داشت .
I5= ID5= 0.9 m A , I1 =1.2 m A , V0= 0
11- در مدار شکل زیر دیود ها دارای مدل خطی پاره ای به صورت زیر هستند :
D1 : V 1 = 0.2 V , Rf = 20
D2 : V 2 = 0.6 V , Rf = 15
به ازای R = 10 K و R = 1 K جریان دیود ها را بدست آورید .
حل : هر دو دیود on فرض میشوند و مدل خطی جایگزین می شود .
ولتاژ آند دیود ها V فرض شده و معادله تک گره نوشته می شود.
V ( 1 / R + 1 / 15 + 1/20 ) = (100 / R) +(0.2 / 20) +( 0.6 / 15)
V ( 60 + 4R + 3R ) = 6000 + 0.6R + 2.4R
V = 6000 +( 3R / 60 )+ 7R ( 1 )
اگر R = 10 K باشد داریم ,
V =( 6000 + 3000 )/ (60 + 7 × 10000 )= 36000 / 70060 = 0.514
با این ولتاژ ID1 = (0.514 – 0.2 )/ 20 مثبت و ON و ID2 =( 0.514 – 0.6 )/ 15 منفی و نمی تواند on D2 باشد لذا D2 , off بوده و داریم :
ID2 = 0
ID1 = (100 – 0.2) /10020 = 99.8 / 10020 , ID1 = 9.96 × 0.001 A
ID1 = 9.96 m A
با R = 1 K از معادله 1دا ریم :
V = (6000 + 3000) /( 60 + 7 × 1000) = 9000 / 7060 = 1.257
ID1 = (1.257 – 0.2) / 20 = 53.75 × 0.001 A , ID1 = 53.75 m A
ID2 = (1.257 – 0.6) / 15 = 45 × 0.001 A , ID2 = 45 m A
19.در مدارشکل زیر دیودها را ایده آل فرض کنید.
الف - مشخصه انتقالی را رسم کنید. ( V 7< Vi < V 7- )
ب – اگر جهت D1 عوض شود مشخصه جدید را رسم نمایید.
حل : الف ) فرض: on D1 و o ff D2 در این صورت VA = 3 ولت و داریم :
I = VI – 3 / 1 , I‘ = 3 / 3 = 1m A
ID1 = I - I‘ =[ (VI – 3)[/ 1] – 1 = VI – 4 VI – 4 > 0 VI > 4
شرط on بودن D1 بوده و off بودن D2 ملاحظه می شود که شرطی ندارد .
VKD2 > VAD2 3 v > - 3 v
و لذا یک بخش مشخصه چنین می شود :
VI > 4 , V0 = 3 × 2/3 = 2 v , D1 , on , D2, off
اگر off , D1 وon , D2 فرض شود داریم :
VA = - 3
I =( VI – ( - 3 )) / 1 = VI + 3 I‘ =(-3 – 0) / 3 = - 1m A
ID2 = - I + I‘ =( - VI – 3) / 1 + ( - 1 ) = -VI – 4 > 0 , VI < - 4
شرط on , D2 , VI < - 4 خواهد شد .
و برای off بودن D1 شرط نداریم چون VAD1 < VKD1 - 3 v < 3v می باشد و لذا بخش دوم مشخصه چنین می شود :
VI > - 4 , V0 = - 3 ×(2/3) = -2 v D1 off , D2 on
و بخش سوم مشخصه چنین می شود ( - 4 < VI < 4 باشد هر دو دیود قطع خواهند بود ):
- 4 < VI < 4 , V0 = VI × (2 / 4) = 1 / 2 VI D1 off , D2 off
و مشخصه انتقالی به شکل زیر خواهد شد .
ب – جهت D1 عوض شود
اگر on D1 و off D2 فرض شود داریم ,
I =( VI – 3) / 1 , I‘ = (3 -0) / 3 = 1mA , VA = 3
شرط on بودن D1 , ID1 > 0 و از آنجا خواهیم داشت ,
ID1 =( - (VI – 3 ) / 1 )+ 1 = - VI + 4 > 0 VI < 4
و لذا یک بخش مشخصه چنین می شود :
VI < 4 , V0 = 3 × (2 / 3) = 2 v , D1 on, D2 off
اگر off D1 و off D2 فرض شود داریم ,
V0 = VI × (2/4) = ½ VI , VA = VI × (¾)
شرط off بودن D1:
VA1 < VK1
دانلود پاورپوینت تجزیه و تحلیل تمرین های فصل 2 – 3 الکترونیک 1
30 تا 70 درصد پروژه | پاورپوینت | سمینار | طرح های کارآفرینی و توجیهی | پایان-نامه | پی دی اف مقاله ( کتاب ) | نقشه | پلان طراحی | های آماده به صورت رایگان میباشد ( word | pdf | docx | doc | )
